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2023年第十四届蓝桥杯JavaB组省赛真题（题目+全部完整题解）
目录
A、阶乘求和
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
B、幸运数字
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
C: 数组分割（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、解题思路
Ⅱ、代码
D、矩形总面积（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
E、蜗牛（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
F、合并区域 （时间限制: 2.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
G、买二赠一（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码1(复杂度过大，超时)
代码2（正确答案）
H、合并石子（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
Ⅰ、题目解读
Ⅱ、代码
I、最大开支（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB ）
Ⅰ、题目解读
J、魔法阵（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB ）
总结
2023年第十四届蓝桥杯JavaB组省赛文件已上传到csdn，可自行下载
蓝桥杯题目：2023年第十四届蓝桥杯大赛软件类省赛Java大学B组真题 - 题库 - C语言网 (dotcpp)
详细完整题解在这篇博客：
2023年第十四届蓝桥杯省赛JavaB组个人题解(AK)_迷你滨的博客-CSDN博客
A、阶乘求和
【问题描述】 令 S = 1! + 2! + 3! + ... + 202320232023! ，求 S 的末尾 9 位数字。 提示：答案首位不为 0 。
Ⅰ、题目解读
一看到三个2023的巨大数字，我想大家应该都人都麻了。但是我想说这是官方的骗术，因为题目说要求末尾的9位数，其实我想告诉大家当加到40多的阶乘时，这个阶乘和后面的9位数就不会发生改变了。
Ⅱ、代码
public class Main {public static void main(String[] args) {long start=1;String s="202320232023";long end= Long.parseLong(s);long sum=0;long cj=1;while (start<=end){cj*=start;cj%=1000000000;sum+=cj;sum%=1000000000;start++;if (start>40)System.out.println(sum);}System.out.println(sum);}
}
看运行
20940313 420940313 420940313 420940313 420940313 420940313 420940313 ...这是因为40的阶乘之后后面 9位数都是0，所以阶乘之和末尾9位数不会再发生改变！
B、幸运数字
【问题描述】 哈沙德数是指在某个固定的进位制当中，可以被各位数字之和整除的正整 数。例如 126 是十进制下的一个哈沙德数，因为 (126) 10 mod (1+2+6) = 0 ； 126 也是八进制下的哈沙德数，因为 (126) 10 = (176) 8 ， (126) 10 mod (1 + 7 + 6) = 0 ； 同时 126 也是 16 进制下的哈沙德数，因为 (126) 10 = (7 e ) 16 ， (126) 10 mod (7 + e ) = 0 。小蓝认为，如果一个整数在二进制、八进制、十进制、十六进制下均为 哈沙德数，那么这个数字就是幸运数字，第 1 至第 10 个幸运数字的十进制表示 为：1 , 2 , 4 , 6 , 8 , 40 , 48 , 72 , 120 , 126 . . . 。现在他想知道第 2023 个幸运数 字是多少？你只需要告诉小蓝这个整数的十进制表示即可。
Ⅰ、题目解读
这题就是考察大家的进制转换，数据量也不大。直接看代码吧！
Ⅱ、代码
public class {public static void main(String[] args) {int j=0;for (int i=1;i<10000000;i++){if (BaseConversion(i)){j++;if (j==2023){System.out.println(i);//215040break;}}}}public static boolean BaseConversion(int n){//十进制int sum=0;int x=n;while (x!=0){sum+=(x%10);x/=10;}if (n%sum!=0)return false;//二进制sum=0;x=n;while (x!=0){sum+=(x%2);x/=2;}if (n%sum!=0)return false;//八进制sum=0;x=n;while (x!=0){sum+=(x%8);x/=8;}if (n%sum!=0)return false;//十六进制int[] arr={0,1,2,3,4,5,6,7,8,9,10,11,12,13,14,15};sum=0;x=n;while (x!=0){sum+=(arr[x%16]);x/=16;}if (n%sum!=0)return false;return true;}
}C: 数组分割（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
时间限制 : 1.0s 内存限制 : 512.0MB 本题总分： 10 分
【问题描述】 小蓝有一个长度为 N 的数组 A = [ A 0 , A 1 , . . . , A N − 1 ] 。现在小蓝想要从 A 对应的数组下标所构成的集合 I = { 0 , 1 , 2 , . . . , N − 1 } 中找出一个子集 R 1 ，那么 R 1在 I 中的补集为 R 2 。记 S 1 = ∑ r ∈ R 1 A r ， S 2 = ∑ r ∈ R 2 A r，我们要求 S 1 和 S 2 均为 偶数，请问在这种情况下共有多少种不同的 R 1。当 R1 或 R 2 为空集时我们将 S 1 或 S 2 视为 0。 【输入格式】 第一行一个整数 T ，表示有 T 组数据。 接下来输入 T 组数据，每组数据包含两行：第一行一个整数 N ，表示数组 A 的长度；第二行输入 N 个整数从左至右依次为 A 0 , A 1 , . . . , A N − 1 ，相邻元素之 间用空格分隔。 【输出格式】 对于每组数据，输出一行，包含一个整数表示答案，答案可能会很大，你 需要将答案对 1000000007 进行取模后输出。 【样例输入】【样例输出】2 2 6 6 2 1 64
【样例说明】 对于第一组数据，答案为 4 。（注意：大括号内的数字表示元素在数组中的下标。） R 1 = { 0 } , R 2 = { 1 } ；此时 S 1 = A 0 = 6 为偶数 , S 2 = A 1 = 6 为偶数。 R 1 = { 1 } , R 2 = { 0 } ；此时 S 1 = A 1 = 6 为偶数 , S 2 = A 0 = 6 为偶数。 R 1 = { 0 , 1 } , R 2 = {} ；此时 S 1 = A 0 + A 1 = 12 为偶数 , S 2 = 0 为偶数。 R 1 = {} , R 2 = { 0 , 1 } ；此时 S 1 = 0 为偶数 , S 2 = A 0 + A 1 = 12 为偶数。 对于第二组数据，无论怎么选择，都不满足条件，所以答案为 0 。 【评测用例规模与约定】 对于 20 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 10 。 对于 40 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 10 2 。 对于 100 % 的评测用例， 1 ≤ T ≤ 10 , 1 ≤ N ≤ 10 3 , 0 ≤ A i ≤ 10 9 。
Ⅰ、解题思路
要求分割两个子集，其中一个可以为空集，且两个集合为偶数，所有第一步判断集合的总和是否为偶数，如果不为偶数则直接判定为 0 个否则再进行深度收搜判断 (暴力超时)
也可以利用奇数个数与偶数个数的排列组合实现， 将两个奇数拼接为一个偶数，判断无重复的奇数拼接情况，与偶数个数相加，递推排列组合公式 (正解)
优化排列组合，会发现是高精度算法 设 x 为偶数个数， y 为奇数个数ans = pow(x + (y == 0 ? 0 : y - 1)) % mod 算法标签：递推，找规律，贪心
注意事项:
x + (y == 0 ? 0 : y - 1), 奇数为0情况
Ⅱ、代码
//排列组合递推公式import java.util.Scanner;
import java.math.BigInteger;
public class Main {public static final BigInteger MOD = new BigInteger("1000000007");public static void main(String[] args) {Scanner scan = new Scanner(System.in);int T = scan.nextInt();while (T-- > 0){int n = scan.nextInt();int[] a = new int[n];long x = 0, y = 0; // x 记录偶数， y 记录奇数for(int i = 0; i < n; i++){a[i] = scan.nextInt() % 2;if(a[i] == 0){x++;}else {y++;}}if(y % 2 == 1){ // 奇数个数为奇，没有一个条件成立System.out.println(0);continue;}x = x + (y == 0 ? 0 : y - 1); // 两个奇数组合为一个偶数，排除重复情况BigInteger ans = new BigInteger("2");BigInteger dp = new BigInteger("1");// C(n,m) = P(n,m) / P(m,m) = n! / m! * (n - m)!// 转移递推公式 dp = (dp * (x, x-1, x-2, ... , n) / (1, 2, 3, ... , n))for(long i = 1, j = x; i < x; i++, j--){ // 排列组合无顺序 CBigInteger u = new BigInteger(String.valueOf(j));BigInteger v = new BigInteger(String.valueOf(i));dp = dp.multiply(u).divide(v);ans = ans.add(dp);}System.out.println(ans.mod(MOD));}}
}优化高精度
import java.util.Scanner;
import java.math.BigInteger;
public class Main {public static final BigInteger MOD = new BigInteger("1000000007");public static final BigInteger TWO = new BigInteger("2");public static void main(String[] args) {Scanner scan = new Scanner(System.in);int T = scan.nextInt();while (T-- > 0) {int n = scan.nextInt();int x = 0, y = 0; // x 记录偶数， y 记录奇数for (int i = 0; i < n; i++) {int a = scan.nextInt() % 2;if (a == 0) {x++;} else {y++;}}if (y % 2 == 1) {System.out.println(0);}else{System.out.println(TWO.pow(x + (y == 0 ? 0 : y - 1)).mod(MOD));}}}
}D、矩形总面积（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
【问题描述】 平面上有个两个矩形 R 1 和 R 2 ，它们各边都与坐标轴平行。设 ( x 1 , y 1 ) 和 (x 2 , y 2 ) 依次是 R 1 的左下角和右上角坐标， ( x 3 , y 3 ) 和 ( x 4 , y 4 ) 依次是 R 2 的左下 角和右上角坐标，请你计算 R 1 和 R 2 的总面积是多少？ 注意：如果 R 1 和 R 2 有重叠区域，重叠区域的面积只计算一次。 【输入格式】 输入只有一行，包含 8 个整数，依次是： x 1 ， y 1 ， x 2 ， y 2 ， x 3 ， y 3 ， x 4 和 y 4 。 【输出格式】 一个整数，代表答案。 【样例输入】【样例输出】2 1 7 4 5 3 8 6【样例说明】 样例中的两个矩形如图所示： 【评测用例规模与约定】 对于 20 % 的数据， R 1 和 R 2 没有重叠区域。 对于 20 % 的数据，其中一个矩形完全在另一个矩形内部。 对于 50 % 的数据，所有坐标的取值范围是 [0 , 10³ ] 。 对于 100 % 的数据，所有坐标的取值范围是 [0 , 10⁵ ]22
Ⅰ、题目解读
这题有两种解法，自己数组去求，但是可能数据量过大会爆栈。第二种就是公式直接求解，这时求两个矩形相交的面积改怎么求？
矩形相交要使条件成立，即min(x2,x4)-max(x1,x3)>=0 且min(y2,y4)-max(y1,y3)>=0
如果条件成立，则相交矩形面积为：(min(x2,x4)-max(x1,x3))* (min(y2,y4)-max(y1,y3))
Ⅱ、代码
import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner sc = new Scanner(System.in);int x1 = sc.nextInt();int y1 = sc.nextInt();int x2 = sc.nextInt();int y2 = sc.nextInt();int x3 = sc.nextInt();int y3 = sc.nextInt();int x4 = sc.nextInt();int y4 = sc.nextInt();long area1 = (long) (x2 - x1) * (y2 - y1); // 计算第一个矩形的面积long area2 = (long) (x4 - x3) * (y4 - y3); // 计算第二个矩形的面积long overlapArea=0;long l = Math.min(x2, x4) - Math.max(x1, x3);long w= Math.min(y2,y4)-Math.max(y1,y3);if (l >=0&&w >=0){overlapArea= l * w;}long Area = area1 + area2 - overlapArea; // 总面积System.out.println(Area); // 输出总面积}
}
E、蜗牛（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
【问题描述】 这天，一只蜗牛来到了二维坐标系的原点。 在 x 轴上长有 n 根竹竿。它们平行于 y 轴，底部纵坐标为 0 ，横坐标分别 为 x 1 , x 2 , ..., x n 。竹竿的高度均为无限高，宽度可忽略。蜗牛想要从原点走到第 n 个竹竿的底部也就是坐标 ( x n , 0) 。它只能在 x 轴上或者竹竿上爬行，在 x 轴 上爬行速度为 1 单位每秒；由于受到引力影响，蜗牛在竹竿上向上和向下爬行 的速度分别为 0 . 7 单位每秒和 1 . 3 单位每秒。 为了快速到达目的地，它施展了魔法，在第 i 和 i + 1 根竹竿之间建立了传 送门（0 < i < n ），如果蜗牛位于第 i 根竹竿的高度为 a i 的位置 ( x i , a i ) ，就可以 瞬间到达第 i + 1 根竹竿的高度为 b i +1 的位置 ( x i +1 , b i +1 )， 请计算蜗牛最少需要多少秒才能到达目的地。 【输入格式】 输入共 1 + n 行，第一行为一个正整数 n ； 第二行为 n 个正整数 x 1 , x 2 , . . . , x n ； 后面 n − 1 行，每行两个正整数 a i , b i +1 。 【输出格式】 输出共一行，一个浮点数表示答案（ 四舍五入保留两位小数 ）。 【样例输入】3 1 10 11 1 1 2 1【样例输出】
【样例说明】 蜗牛路线： (0 , 0) → (1 , 0) → (1 , 1) → (10 , 1) → (10 , 0) → (11 , 0) ，花费时间为 1 +1/ 0.7 + 0 + 1/1 .3 + 1 ≈ 4 . 20 【评测用例规模与约定】 对于 20 % 的数据，保证 n ≤ 15 ； 对于 100 % 的数据，保证 n ≤ 10⁵ ，a i , b i ≤ 10⁴ ，x i ≤ 10⁹ 。4.20
Ⅰ、题目解读
dp[i][j] 表示蜗牛走到第 i 根杆子的最短用时，j 表示状态。
j = 0 : 走到杆子底部
j = 1 ：走到杆子的传送门处
P.S.由于只与前一个杆子状态有关，其实用两个变量就行，用二维数组便于理解
时间复杂度: O(n)
Ⅱ、代码
import java.io.*;
import java.util.*;
public class Main{static int maxn = 200005,n,m;static long INF = (long)2e18,ans = 0,mod = (int)1e9+7;static Scanner sc = new Scanner (System.in);static BufferedReader bf = new BufferedReader(new InputStreamReader(System.in));static StreamTokenizer st =new StreamTokenizer(bf);static PrintWriter pw = new PrintWriter(new OutputStreamWriter(System.out));public static void main(String[]args) throws IOException{int T = 1;//T = Integer.parseInt(S());while(T-->0) solve();pw.flush();}static final int I() throws IOException {st.nextToken();return (int)st.nval;}static void solve() throws IOException{n = I();long x[] = new long [n+1];for(int i=1;i<=n;i++) x[i] = I();int []a = new int [n+1];int []b = new int [n+1];for(int i=1;i<n;i++) {a[i] = I();b[i] = I();}double dp[][] = new double[n+1][2];dp[1][0] = x[1]; //底端最小用时dp[1][1] = x[1] + a[1] / 0.7; //传送门用时for(int i=2; i<=n ; i++) {dp[i][0] = Math.min(dp[i-1][0]+x[i]-x[i-1], dp[i-1][1] + b[i-1]/1.3);dp[i][1] = Math.min(dp[i][0] + a[i] / 0.7, dp[i-1][1] + ((b[i-1]>a[i])?(b[i-1]-a[i])/1.3: (a[i]-b[i-1])/0.7));}pw.printf("%.2f",dp[n][0]);}
}F、合并区域 （时间限制: 2.0s 内存限制: 512.0MB）
【问题描述】 小蓝在玩一款种地游戏。现在他被分配给了两块大小均为 N × N 的正方形 区域。这两块区域都按照 N × N 的规格进行了均等划分，划分成了若干块面积 相同的小区域，其中每块小区域要么是岩石，要么就是土壤，在垂直或者水平 方向上相邻的土壤可以组成一块土地。现在小蓝想要对这两块区域沿着边缘进 行合并，他想知道合并以后可以得到的最大的一块土地的面积是多少（土地的 面积就是土地中土壤小区域的块数）？ 在进行合并时，小区域之间必须对齐。可以在两块方形区域的任何一条边 上进行合并，可以对两块方形区域进行 90 度、 180 度、 270 度、 360 度的旋转， 但不可以进行上下或左右翻转，并且两块方形区域不可以发生重叠。 【输入格式】 第一行一个整数 N 表示区域大小。 接下来 N 行表示第一块区域，每行 N 个值为 0 或 1 的整数，相邻的整数 之间用空格进行分隔。值为 0 表示这块小区域是岩石，值为 1 表示这块小区域 是土壤。 再接下来 N 行表示第二块区域，每行 N 个值为 0 或 1 的整数，相邻的整 数之间用空格进行分隔。值为 0 表示这块小区域是岩石，值为 1 表示这块小区 域是土壤。 【输出格式】 一个整数表示将两块区域合并之后可以产生的最大的土地面积。 【样例输入】【样例输出】4 0 1 1 0 1 0 1 1 1 0 1 0 1 1 1 0 0 0 1 0 0 1 1 0 1 0 0 0 1 1 1 1【样例说明】 第一张图展示了样例中的两块区域的布局。第二张图展示了其中一种最佳 的合并方式，此时最大的土地面积为 15 。 【评测用例规模与约定】 对于 30 % 的数据， 1 ≤ N ≤ 5 。 对于 60 % 的数据， 1 ≤ N ≤ 15 。 对于 100 % 的数据， 1 ≤ N ≤ 50 。15
Ⅰ、题目解读
题目会给你两块土地，你可以进行两块土地的“缝合”，求最大的连续的土地。 最大土地有三种情况 ①、左右连接成一块最大的土地②、单独一边中间是最大的土地
③、因为另一块土地的连接而导致原本不连接的土地也连接成新的土地（这种情况是我没想到的）
我只想到了前面两种情况，如果要算上第三种情况的话就应该直接使用暴力求解（毕竟数据量并不是很大），不断拼接，求最大连续的土地。我的代码也只是符合前面两种情况，有正确代码还请大佬给出。万分感谢。
Ⅱ、代码
import java.awt.*;
import java.util.ArrayList;
import java.util.HashSet;
import java.util.List;
import java.util.Scanner;public class Main {static class Point{int x,y;public Point(int x, int y) {this.x = x;this.y = y;}}public static void main(String[] args) {Scanner sc=new Scanner(System.in);int n=sc.nextInt();int[][] arr1=new int[n+2][n+2];//第一个矩阵int[][] arr2=new int[n+2][n+2];//第二个矩阵for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){arr1[i][j]=sc.nextInt();}for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){arr2[i][j]=sc.nextInt();}int max=0;for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){if (arr1[i][j]==1){length(arr1,i,j);List<Point> list=new ArrayList<>(set);for (Point p:list)arr1[p.x][p.y]=sum;max=Math.max(max,sum);//防止矩阵里面是最大的sum=0;set.clear();}}for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j++){if (arr2[i][j]==1){length(arr2,i,j);List<Point> list=new ArrayList<>(set);for (Point p:list)arr2[p.x][p.y]=sum;max=Math.max(max,sum);//防止矩阵里面是最大的sum=0;set.clear();}}int l=0;int r=0;//求四边的最大值然后拼接//两行for (int i=1;i<=n;i+=(n-1))for (int j=1;j<=n;j++){l=Math.max(l,arr1[i][j]);r=Math.max(r,arr2[i][j]);}//两列for (int i=1;i<=n;i++)for (int j=1;j<=n;j+=(n-1)){l=Math.max(l,arr1[i][j]);r=Math.max(r,arr2[i][j]);}max=Math.max(max,l+r);System.out.println(max);}static int sum=0;static HashSet<Point> set=new HashSet<>();public static void length(int[][] arr, int i, int j){sum++;arr[i][j]=0;Point p=new Point(i,j);set.add(p);if (arr[i-1][j]==1)length(arr,i-1,j);if (arr[i+1][j]==1)length(arr,i+1,j);if (arr[i][j-1]==1)length(arr,i,j-1);if (arr[i][j+1]==1)length(arr,i,j+1);}
}
G、买二赠一（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
【问题描述】 某商场有 N 件商品，其中第 i 件的价格是 A i 。现在该商场正在进行 “ 买二 赠一” 的优惠活动，具体规则是： 每购买 2 件商品，假设其中较便宜的价格是 P （如果两件商品价格一样， 则 P 等于其中一件商品的价格），就可以从剩余商品中任选一件价格不超过 P /2 的商品，免费获得这一件商品。可以通过反复购买 2 件商品来获得多件免费商 品，但是每件商品只能被购买或免费获得一次。 小明想知道如果要拿下所有商品（包含购买和免费获得），至少要花费多少钱？ 【输入格式】 第一行包含一个整数 N 。 第二行包含 N 个整数，代表 A 1 , A 2 , A 3 , . . . ， A N 【输出格式】 输出一个整数，代表答案。 【样例输入】7 1 4 2 8 5 7 1【样例输出】
25【样例说明】
小明可以先购买价格 4 和 8 的商品，免费获得一件价格为 1 的商品；再后 买价格为 5 和 7 的商品，免费获得价格为 2 的商品；最后单独购买剩下的一件 价格为 1 的商品。总计花费 4 + 8 + 5 + 7 + 1 = 25 。不存在花费更低的方案。 【评测用例规模与约定】 对于 30 % 的数据， 1 ≤ N ≤ 20 。 对于 100 % 的数据， 1 ≤ N ≤ 5 × 10⁵ ，1 ≤ A i ≤ 10⁹ 。
Ⅰ、题目解读
要花费最少，就要购买的商品价格高点，这样可以白嫖到更贵的商品，而不是便宜的商品。如题目所给样例：7+8（2）+4+5（1）+1=25。我认为可以使用数组储存再sort排序，然后使用二分查找到符合小于p/2的最大值，再将已经买完的商品变为0（或者其他方法标记为已购买的状态），然后不断重复上面步骤。（博主使用word打开题目，题目有问题，p/2显示的是p2，看错题目了，纯纯大冤种😭😭😭）。
Ⅱ、代码1(复杂度过大，超时)
import java.util.Arrays;
import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner sc=new Scanner(System.in);int n=sc.nextInt();long[] arr=new long[n];for (int i=0;i<n;i++){arr[i]=sc.nextInt();}//进行排序商品Arrays.sort(arr);long sum=0;//arr数组中全为0才可以退出循环，因为全部东西都需要购买while (arr[arr.length-1]!=0){//尽量买大的商品，这样可以尽量白嫖到更贵的商品long k=arr[arr.length-2]/2;sum+=(arr[arr.length-2]+arr[arr.length-1]);//开始二分查找int l=0,r=arr.length-1;int mid=(l+r)/2;while (l<=r){if (arr[mid]>k){r=mid-1;}else if (arr[mid]<k){l=mid+1;}else {break;}mid=(l+r)/2;}//将商品设置为已购买的状态arr[mid]=0;arr[arr.length-2]=0;arr[arr.length-1]=0;Arrays.sort(arr);}System.out.println(sum);}
}
或者创建 用来判断 是否已购买的boolean数组 来进行判断
代码2（正确答案）
import java.util.*;
import java.io.*;
public class Main {static int n,m,mod=(int)1e9+7,maxn=500010;static long ans=0,INF=(long)1e18;static Scanner sc = new Scanner (System.in);static BufferedReader bf = new BufferedReader(new InputStreamReader(System.in));static StreamTokenizer st = new StreamTokenizer(bf);static PrintWriter pw = new PrintWriter(System.out);public static void main(String[]args) throws IOException{int T = 1;//T = I();while(T-->0) solve();pw.flush();}static int I() throws IOException{st.nextToken();return (int)st.nval;}static int a[] = new int [maxn];static boolean f[] = new boolean [maxn];static int find(int x) {int l=1,r=n;int res =0;while(l<=r) {int mid = (l+r)/2;if(f[mid]) { //先前赠送过，跳到左边r=mid-1;continue;}if(a[mid] <= x) {res = Math.max(res, mid);l = mid+1;}else r = mid-1; }return res;}static void solve() throws IOException{n = I();for(int i=1 ;i<=n;i++) a[i] =I();Arrays.sort(a,1,n+1);int t = 0;for(int i=n;i>=1;i--) {if(f[i]) continue;//赠送过，跳过ans += a[i];t++;if(t == 2) {t=0;int id = find(a[i]/2);if(id>0) f[id]=true;}}pw.println(ans);}
}H、合并石子（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB）
【问题描述】 在桌面从左至右横向摆放着 N 堆石子。每一堆石子都有着相同的颜色，颜 色可能是颜色 0 ，颜色 1 或者颜色 2 中的其中一种。 现在要对石子进行合并，规定每次只能选择位置相邻并且颜色相同的两堆 石子进行合并。合并后新堆的相对位置保持不变，新堆的石子数目为所选择的 两堆石子数目之和，并且新堆石子的颜色也会发生循环式的变化。具体来说： 两堆颜色 0 的石子合并后的石子堆为颜色 1 ，两堆颜色 1 的石子合并后的石子堆为颜色 2 ，两堆颜色 2 的石子合并后的石子堆为颜色 0 。本次合并的花费为所 选择的两堆石子的数目之和。 给出 N 堆石子以及他们的初始颜色，请问最少可以将它们合并为多少堆石子？如果有多种答案，选择其中合并总花费最小的一种，合并总花费指的是在 所有的合并操作中产生的合并花费的总和。 【输入格式】 第一行一个正整数 N 表示石子堆数。 第二行包含 N 个用空格分隔的正整数，表示从左至右每一堆石子的数目。 第三行包含 N 个值为 0 或 1 或 2 的整数表示每堆石头的颜色。 【输出格式】 一行包含两个整数，用空格分隔。其中第一个整数表示合并后数目最少的 石头堆数，第二个整数表示对应的最小花费。 【样例输入】【样例输出】5 5 10 1 8 6 1 1 0 2 22 44【样例说明】
上图显示了两种不同的合并方式。其中节点中标明了每一堆的石子数目， 在方括号中标注了当前堆石子的颜色属性。左图的这种合并方式最终剩下了两 堆石子，所产生的合并总花费为 15 + 14 + 15 = 44 ；右图的这种合并方式最终 也剩下了两堆石子，但产生的合并总花费为 14 + 15 + 25 = 54 。综上所述，我 们选择合并花费为 44 的这种方式作为答案。 【评测用例规模与约定】 对于 30 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 10 。 对于 50 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 50 。 对于 100 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 300 , 1 ≤ 每堆石子的数目 ≤ 1000 。
Ⅰ、题目解读
这题和G买二赠一有点类似，都是合并然后选择某种方法标记为已合并的状态。我举个例子（1，5）和（1，10）合并为（2，15），另一个变成已使用的状态（3，0），之后进行二维数组排序，先排石子的颜色（0，1，2）,在排石子的数量（升序排），因为这样才能保证花费最小（开始合并也要进行一道排序）。不断重复上面步骤计算花费，直到没有一样的石子可以合并了（3为已使用状态不可以合并）。但是这上面有一个漏洞，我们可以看下面一组数据就懂了：（0，10），（0，11），（1，1），（1，2），（2，3）；如果按照上面的思路就是先合并（0，10）和（0，11），但是我们用肉眼就可以看出来应该先合并（1，1），（1，2）->(2,3)和（3，0），然后两个（2，3）变成（0，6）和（3，0），再去合并颜色为0的石子，因此合并的时候要去寻找一下不同石子可以合并的最小费用，优先合并花费少的。
Ⅱ、代码
import java.util.Arrays;
import java.util.Scanner;public class Main {public static void main(String[] args) {Scanner sc=new Scanner(System.in);int n=sc.nextInt();int[][] arr=new int[n][2];for (int i=0;i<n;i++){arr[i][1]=sc.nextInt();}for (int i=0;i<n;i++){arr[i][0]=sc.nextInt();}//先进行石子排序，在进行不同石子的数量排序Arrays.sort(arr,(o1, o2) -> {if (o1[0]==o2[0])return o1[1]-o2[1];return o1[0]-o2[0];});boolean merge=false;//判断是否有过合并，如果没有过合并即退出循环int sum=0;//所需花费//n=1，无需合并，直接输出if (n==1){System.out.println(1+" "+0);return;}while (true){int k=0;//用来记录合并石子的下标int SumMin=9999;//用来记录当前最小的合并花费boolean a=true;//第一次找到0boolean b=true;//第一次找到1for (int i=1;i<n&&arr[i][0]!=3;i++){if (arr[i-1][0]==0&&arr[i][0]==0&&a){k=i;a=false;SumMin=Math.min(SumMin,arr[i][1]+arr[i-1][1]);merge=true;}if (arr[i-1][0]==1&&arr[i][0]==1&&b){if (SumMin>arr[i][1]+arr[i-1][1]){k=i;SumMin=(arr[i][1]+arr[i-1][1]);}b=false;merge=true;}if (arr[i-1][0]==2&&arr[i][0]==2){if (SumMin>arr[i][1]+arr[i-1][1]){k=i;SumMin=(arr[i][1]+arr[i-1][1]);}merge=true;break;}}if (!merge)break;sum+=SumMin;//合并石子之后，变换成新的颜色0，1，2if (arr[k][0]==0){arr[k-1][0]=1;}else if (arr[k][0]==1){arr[k-1][0]=2;}else {arr[k-1][0]=0;}arr[k-1][1]=SumMin;//将已合并的石子设置为使用状态arr[k][0]=3;arr[k][1]=0;merge=false;//进行进行排序Arrays.sort(arr,(o1, o2) -> {if (o1[0]==o2[0])return o1[1]-o2[1];return o1[0]-o2[0];});}int l=0;//查找当前还有几堆石子for (int i=0;i<n&&arr[i][0]!=3;i++){l++;}System.out.println(l+" "+sum);}
}
I、最大开支（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB ）
【问题描述】 小蓝所在学校周边新开业了一家游乐园，小蓝作为班长，打算组织大家去 游乐园玩。已知一共有 N 个人参加这次活动，游乐园有 M 个娱乐项目，每个 项目都需要买门票后才可进去游玩。门票的价格并不是固定的，团购的人越多 单价越便宜，当团购的人数大于某个阈值时，这些团购的人便可以免费进入项 目进行游玩。这 M 个娱乐项目是独立的，所以只有选择了同一个项目的人才可 以参与这个项目的团购。第 i 个项目的门票价格 H i 与团购的人数 X 的关系可 以看作是一个函数： Hi(X) = max (Ki × X + Bi , 0) ， max 表示取二者之中的最大值。当 H i = 0 时说明团购人数达到了此项目的免单阈值。 这 N 个人可以根据自己的喜好选择 M 个娱乐项目中的一种，或者有些人 对这些娱乐项目都没有兴趣，也可以选择不去任何一个项目。每个人最多只会 选择一个娱乐项目，如果多个人选择了同一个娱乐项目，那么他们都将享受对 应的团购价格。小蓝想知道他至少需要准备多少钱，使得无论大家如何选择， 他都有能力支付得起所有 N 个人购买娱乐项目的门票钱。 【输入格式】 第一行两个整数 N 、 M ，分别表示参加活动的人数和娱乐项目的个数。 接下来 M 行，每行两个整数，其中第 i 行为 K i 、 B i ，表示第 i 个游乐地点 的门票函数中的参数。 【输出格式】 一个整数，表示小蓝至少需要准备多少钱，使得大家无论如何选择项目， 自己都支付得起。 【样例输入】4 2 -4 10 -2 7【样例输出】
12【样例说明】
样例中有 4 个人， 2 个娱乐项目，我们用一个二元组 ( a , b ) 表示 a 个人选 择了第一个娱乐项目，b 个人选择了第二个娱乐项目，那么就有 4 − a − b 个 人没有选择任何项目，方案 ( a , b ) 对应的门票花费为 max ( − 4 × a + 10 , 0) × a + max ( − 2 × b + 7 , 0) × b ，所有的可能如下所示：其中当 a = 1, b = 2 时花费最大，为 12。此时 1 个人去第一个项目，所以第一个项目的单价为 10 − 4 = 6，在这个项目上的花费为 6 × 1 = 6；2 个人去 第二个项目，所以第二个项目得单价为 7 − 2 × 2 = 3，在这个项目上的花费为 2 × 3 = 6；还有 1 个人没去任何项目，不用统计；总花费为 12，这是花费最大的一种方案，所以答案为 12。
【评测用例规模与约定】 对于 30 % 的评测用例， 1 ≤ N , M ≤ 10 。 对于 50 % 的评测用例， 1 ≤ N , M ≤ 1000 。 对于 100 % 的评测用例， 1 ≤ N , M , B i ≤ 10⁵ ，−10⁵ ≤ K i < 0 。
Ⅰ、题目解读
这题的解题思路就是：计算每个项目多一个人参加时造成的费用变化量，贪心的参加费用变化最多的项目。
J、魔法阵（时间限制: 1.0s 内存限制: 512.0MB ）
【输入格式】
第一行输入三个整数， N , K , M ，用空格分隔。 接下来 M 行，每行包含三个整数 u , v , w ，表示结点 u 与结点 v 之间存在一 条伤害属性为 w 的无向边。 【输出格式】 输出一行，包含一个整数，表示小蓝从结点 0 到结点 N − 1 受到的最小伤 害。【样例输入 1】
4 2 3 0 1 2 1 2 1 2 3 4【样例输出 1】
【样例输入 2】22 5 1 0 1 1【样例输出 2】
【样例说明】 样例 1 ，存在路径： 0 → 1 → 2 → 3 ， K = 2 ，如果在 0 → 1 → 2 上使用魔 法，那么答案就是 0 + 0 + 4 = 4 ；如果在 1 → 2 → 3 上使用魔法，那么答案就 是 2 + 0 + 0 = 2 。再也找不到比 2 还小的答案了，所以答案就是 2 。 样例 2 ，存在路径： 0 → 1 → 0 → 1 → 0 → 1 ， K = 5 ，这条路径总计恰好 走了 5 条边，所以正好可以用魔法消除所有伤害，答案是 0 。 【评测用例规模与约定】 对于 30 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 20 。 对于 50 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 100 。 对于 100 % 的评测用例， 1 ≤ N ≤ 1000 , 1 ≤ M ≤ N × ( N−1) /2 ，1 ≤ K ≤ 10 , 0 ≤ u , v ≤ N − 1 ， 1 ≤ w ≤ 1000 。0
总结
博主第一次参加蓝桥杯，还是发现自身的很多不足，比如上面几题的贪心动态规划，写的时候没有一点想法，完全跳过放弃写下一题。还有各种情况想得不是很到位，还碰上了题目显示错误的事，这是我没想到的，主办方也没有说一定使用哪个软件打开题目的啊😭😭。道阻且长，我还需继续加油，同时也感谢各位的支持。
有官方题解我也会第一时间更新，还请兄弟们点赞收藏一番。
上面题解代码仅仅代表个人观点，有问题欢迎各位佬评论指点，或直接给出解答。万分感谢！
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