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《剑指offer》题解——week3(持续更新)
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《剑指offer》题解——week3
- 一、剑指 Offer 25. 合并两个排序的链表
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 二、剑指 Offer 26. 树的子结构
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 三、剑指 Offer 27. 二叉树的镜像
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 四、剑指 Offer 28. 对称的二叉树
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 五、剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3.代码实现
- 六、剑指 Offer 30. 包含min函数的栈
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 七、剑指 Offer 31. 栈的压入、弹出序列
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 八、剑指 Offer 32 - I. 从上到下打印二叉树
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 九、剑指 Offer 32 - II. 从上到下打印二叉树 II
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
- 十、剑指 Offer 32 - III. 从上到下打印二叉树 III
- 1. 题目描述
- 2. 思路分析
- 3. 代码实现
一、剑指 Offer 25. 合并两个排序的链表
1. 题目描述
2. 思路分析
(线性合并) O(n)
1. 新建头部的保护结点dummy
,设置cur
指针指向dummy
。
2. 若当前 l 1 l_1 l1指针指向的结点的值val
比 l 2 l_2 l2指针指向的结点的值val
小 ,则令cur
的next
指针指向 l 1 l_1 l1,且 l 1 l_1 l1后移;否则指向 l 2 l_2 l2,且 l 2 l_2 l2后移。
3. 然后cur
指针按照上一部设置好的位置后移。
4. 循环以上步骤直到 l 1 l_1 l1或 l 2 l_2 l2为空。
5. 将剩余的 l 1 l_1 l1或 l 2 l_2 l2接到cur
指针后边。
3. 代码实现
/*** Definition for singly-linked list.* struct ListNode {* int val;* ListNode *next;* ListNode(int x) : val(x), next(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:ListNode* mergeTwoLists(ListNode* l1, ListNode* l2) {auto dummy = new ListNode(-1), cur = dummy;while (l1 && l2) {if (l1->val < l2->val) {cur = cur->next = l1;l1 = l1->next;} else {cur = cur->next = l2;l2 = l2->next;}}if (l1) cur->next = l1;if (l2) cur->next = l2;return dummy->next;}
};
二、剑指 Offer 26. 树的子结构
1. 题目描述
2. 思路分析
- 首先判断两个二叉树为空的情况,如果为空,直接
return false
; - 如果不为空,就可以调用
isSame(A, B)
函数来判断B是否为A的子树。如果不是,则递归,判断B是否是A的左子树的子树,或者,B是否是A的右子树的子树。注意是||
- 对于函数
isSame(A, B)
的细节。首先判断B子树的节点是否为空,如果为空,说明前面的都匹配,直接return true
; - 接下来,如果B树的节点不为空,但是A树的节点为空,那么一定不匹配,直接
return false
; - 如果A和B树的节点都不为空,但是值不一样,那也是不匹配,直接
return false
; - 最后如果 B树的节点不为空, A树的节点也不为空, A树和B树的当前节点是匹配的。那么我们就递归到A和B的左子树,同时,A和B的右子树,看看是否匹配,注意这里是
&&
。
注意:isSame()
中的顺序不能改:
- 先判断B的节点是否为空,是的话说明该节点的父节点已经匹配,
return true
; - 这时,再判断A的节点是否为空,走到这句说明B的节点不为空,如果A空B不空,一定不匹配,
return false
; - 第3句,说明A和B都不为空,就看对应的
val
是否相等,不等就return false
;相等的话就向下递归,看这个节点在2棵树中对应的左右子树是否匹配。
3. 代码实现
/**
* Definition for a binary tree node.
* struct TreeNode {
* int val;
* TreeNode *left;
* TreeNode *right;
* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}
* };
*/
class Solution {
public:bool isSubStructure(TreeNode* A, TreeNode* B) {if (!A || !B) return false;if (isSame(A, B)) return true;return isSubStructure(A->left, B) || isSubStructure(A->right,B);}bool isSame(TreeNode* p1, TreeNode* p2) {if (!p2) return true;if (!p1 || p1->val != p2->val) return false;return isSame(p1->left, p2->left) && isSame(p1->right, p2->right);}
};
三、剑指 Offer 27. 二叉树的镜像
1. 题目描述
2. 思路分析
这是一道很经典的二叉树问题。显然,我们从根节点开始,递归地对树进行遍历,并从叶子节点先开始翻转得到镜像。如果当前遍历到的节点 root
的左右两棵子树都已经翻转得到镜像,那么我们只需要交换两棵子树的位置,即可得到以 root
为根节点的整棵子树的镜像。
3. 代码实现
/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {* int val;* TreeNode *left;* TreeNode *right;* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:TreeNode* mirrorTree(TreeNode* root) {if (root == NULL) return NULL;TreeNode *left = mirrorTree(root->left);TreeNode *right = mirrorTree(root->right);root->left = right;root->right = left;return root;}
};
四、剑指 Offer 28. 对称的二叉树
1. 题目描述
2. 思路分析
如果一个树的左子树与右子树镜像对称,那么这个树是对称的。
因此,该问题可以转化为:两个树在什么情况下互为镜像?
如果同时满足下面的条件,两个树互为镜像:
- 它们的两个根结点具有相同的值;
- 每个树的右子树都与另一个树的左子树镜像对称。
我们可以实现这样一个递归函数,通过同步移动
两个指针的方法来遍历这棵树,p
指针和 q
指针一开始都指向这棵树的根,随后 p
右移时,q
左移,p
左移时,q
右移。每次检查当前 p
和 q
节点的值是否相等,如果相等再判断左右子树是否对称。
3. 代码实现
/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {* int val;* TreeNode *left;* TreeNode *right;* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:bool isSymmetric(TreeNode* root) {return check(root, root);}bool check(TreeNode *p, TreeNode *q) {if (!p && !q) return true;if (!p || !q) return false;return p->val == q->val && check(p->left, q->right) && check(p->right, q->left);}
};
五、剑指 Offer 29. 顺时针打印矩阵
1. 题目描述
2. 思路分析
我们顺时针定义四个方向:上右下左。
从左上角开始遍历,先往右走,走到不能走为止,然后更改到下个方向,再走到不能走为止,依次类推,遍历 n 2 n^2 n2个格子后停止。
3.代码实现
class Solution {
public:vector<int> spiralOrder(vector<vector<int>>& matrix) {vector<int> res;int n = matrix.size();if (!n) return res;int m = matrix[0].size();int dx[4] = {0, 1, 0, -1}, dy[4] = {1, 0, -1, 0};vector<vector<bool>> st(n, vector<bool>(m));for (int i = 0, x = 0, y = 0, d = 0; i < n * m; i ++ ) {res.push_back(matrix[x][y]);st[x][y] = true;int a = x + dx[d], b = y + dy[d];if (a < 0 || a >= n || b < 0 || b >= m || st[a][b]) {d = (d + 1) % 4;a = x + dx[d], b = y + dy[d];}x = a, y = b;}return res;}
};
六、剑指 Offer 30. 包含min函数的栈
1. 题目描述
2. 思路分析
我们除了维护基本的栈结构之外,还需要维护一个单调栈
,来实现返回最小值的操作。
下面介绍如何维护单调栈:
- 当我们向栈中压入一个数时,如果该数 ≤ 单调栈的栈顶元素,则将该数同时压入单调栈中;否则,不压入,这是由于栈具有先进后出性质,所以在该数被弹出之前,栈中一直存在一个数比该数小,所以该数一定不会被当做最小数输出。
- 当我们从栈中弹出一个数时,如果该数等于单调栈的栈顶元素,则同时将单调栈的栈顶元素弹出。
- 单调栈由于其具有单调性,所以它的栈顶元素,就是当前栈中的最小数。
3. 代码实现
class MinStack {
public:/** initialize your data structure here. */stack<int> stackValue;stack<int> stackMin;MinStack() {}void push(int x) {stackValue.push(x);if (stackMin.empty() || stackMin.top() >= x) stackMin.push(x);}void pop() {if (stackMin.top() == stackValue.top()) stackMin.pop();stackValue.pop();}int top() {return stackValue.top();}int min() {return stackMin.top();}
};/*** Your MinStack object will be instantiated and called as such:* MinStack* obj = new MinStack();* obj->push(x);* obj->pop();* int param_3 = obj->top();* int param_4 = obj->min();*/
七、剑指 Offer 31. 栈的压入、弹出序列
1. 题目描述
2. 思路分析
借用一个辅助栈stack
,模拟 压入 / 弹出操作的排列。根据是否模拟成功,即可得到结果。
- 入栈操作: 按照压栈序列的顺序执行。
- 出栈操作: 每次入栈后,循环判断 “栈顶元素 == 弹出序列的当前元素” 是否成立,将符合弹出序列顺序的栈顶元素全部弹出。
算法流程:
- 初始化: 辅助栈
stack
,弹出序列的索引index
; - 遍历压栈序列: 各元素记为 num` ;
- 元素
num
入栈; - 循环出栈:若
stack
的栈顶元素 == 弹出序列元素popped[index]
,则执行出栈与index ++
;
- 元素
- 返回值: 若
stack
为空,则此弹出序列合法。
3. 代码实现
class Solution {
public:bool validateStackSequences(vector<int>& pushed, vector<int>& popped) {if (pushed.size() != popped.size()) return false;stack<int> stack;int index = 0;for (int num : pushed) {stack.push(num);while (!stack.empty() && stack.top() == popped[index]) {stack.pop();index ++;}}return stack.empty();}
};
八、剑指 Offer 32 - I. 从上到下打印二叉树
1. 题目描述
2. 思路分析
题目要求的二叉树的 从上至下 打印(即按层打印),又称为二叉树的 广度优先搜索(BFS)。
BFS 通常借助 队列 的先入先出特性来实现。
算法流程:
- 特例处理: 当树的根节点为空,则直接返回空列表 [] ;
- 初始化: 打印结果列表
res
,包含根节点的队列queue[root]
; - BFS 循环: 当队列 queue 为空时跳出;
- 出队: 队首元素出队,记为
t
; - 打印: 将
t.val
添加至列表res
尾部; - 添加子节点: 若
t
的左(右)子节点不为空,则将左(右)子节点加入队列 queue ;
- 出队: 队首元素出队,记为
- 返回值: 返回打印结果列表
res
即可。
3. 代码实现
/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {* int val;* TreeNode *left;* TreeNode *right;* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:vector<int> levelOrder(TreeNode* root) {vector<int> res;if (!root) return res;queue<TreeNode*> q;q.push(root);while (q.size()) {auto t = q.front();q.pop();res.push_back(t->val);if (t->left) q.push(t->left);if (t->right) q.push(t->right);}return res;}
};
九、剑指 Offer 32 - II. 从上到下打印二叉树 II
1. 题目描述
2. 思路分析
本题是要求将本层全部节点打印到一行,并将下一层全部节点加入队列,以此类推,即可分为多行打印。
算法流程:
- 特例处理: 当树的根节点为空,则直接返回空列表 [] ;
- 初始化: 打印结果列表
res
,包含根节点的队列queue[root]
; - BFS 循环: 当队列 queue 为空时跳出;
- 新建一个临时列表
tmp
,用于存储当前层打印结果
; - 当前层打印循环: 循环次数为当前层节点数(即队列
queue
长度);- 出队: 队首元素出队,记为
t
; - 打印: 将
t.val
添加至列表res
尾部; - 添加子节点: 若
t
的左(右)子节点不为空,则将左(右)子节点加入队列 queue ;
- 出队: 队首元素出队,记为
- 将当前层结果
tmp
添加入res
。
- 新建一个临时列表
- 返回值: 返回打印结果列表
res
即可。
3. 代码实现
/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {* int val;* TreeNode *left;* TreeNode *right;* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:vector<vector<int>> levelOrder(TreeNode* root) {vector<vector<int>> res;if (!root) return res;queue<TreeNode*> q;q.push(root);while (q.size()) {vector<int> tmp;int n = q.size();for (int i = 0; i < n; i ++ ) {auto p = q.front();q.pop();tmp.push_back(p->val);if (p->left) q.push(p->left);if (p->right) q.push(p->right);}res.push_back(tmp);}return res;}
};
十、剑指 Offer 32 - III. 从上到下打印二叉树 III
1. 题目描述
2. 思路分析
层序遍历 + 倒序
此方法的优点是只用列表即可,无需其他数据结构。
偶数层倒序: 若 res
的长度为 奇数 ,说明当前是偶数层,则对 tmp
执行 倒序 操作。
3. 代码实现
/*** Definition for a binary tree node.* struct TreeNode {* int val;* TreeNode *left;* TreeNode *right;* TreeNode(int x) : val(x), left(NULL), right(NULL) {}* };*/
class Solution {
public:vector<vector<int>> levelOrder(TreeNode* root) {vector<vector<int>> res;if (!root) return res;queue<TreeNode*> q;q.push(root);while (q.size()) {int n = q.size();vector<int> tmp;for (int i = 0; i < n; i ++ ) {auto t = q.front();q.pop();tmp.push_back(t->val);if (t->left) q.push(t->left);if (t->right) q.push(t->right);}if (res.size() % 2 == 1) reverse(tmp.begin(), tmp.end());res.push_back(tmp);}return res;}
};
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