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2059: [CTSC2007]风玲Mobiles
2059: [CTSC2007]风玲Mobiles
- 题面
- 思路
- 源码
tag:dfs 简单
题面
题目描述
你准备给弟弟 Ike 买一件礼物,但是,Ike 挑选礼物的方式很特别:他只喜欢那些能被他排成有序形状的东西。
你准备给 Ike 买一个风铃。风铃是一种多层的装饰品,一般挂在天花板上。
每个风铃都包含一些由竖直线连起来的水平杆。每根杆的两头都有线连接,下面或者挂着另一根水平杆,或者挂着一个玩具。下面是一个风铃的例子:
为了满足弟弟,你需要选一个满足下面两个条件的风铃:
(1) 所有的玩具都在同一层(也就是说,每个玩具到天花板之间的杆的个数是一样的)或至多相差一层。
(2) 对于两个相差一层的玩具,左边的玩具比右边的玩具要更靠下一点。
风铃可以按照下面的规则重新排列:任选一根杆,将杆两头的线“交换”。也就是解开一根杆左右两头的线,然后将它们绑到杆的另一头。这个操作不会改变更下面的杆上线的排列顺序。
正在训练信息学奥林匹克的你,决定设计一个算法,判断能否通过重新排列,将一个给定的风铃变为 Ike 喜欢的样子。
考虑上面的例子,上图中的风铃满足条件(1),却不满足条件(2)——最左边的那个玩具比它右边的要高。但是,我们可以通过下面的步骤把这个风铃变成一个 Ike 喜欢的:
1.第一步,将杆 1 的左右两边交换,这使得杆 2 和杆 3 的位置互换,交换的结果如下图所示:
2.第二步,也是最后一步,将杆 2 的左右两边交换,这使得杆 4 到了左边,原来在左边的玩具到了右边,交换的结果发下图所示:
现在的这个风铃就满足 Ike 的条件了。
你的任务是:给定一个风铃的描述,求出最少需要多少次交换才能使这风铃满足 Ike 的条件(如果可能)
输入
输入的第一行包含一个整数 n(1≤n≤100 000),表示风铃中有多少根杆。
接下来的 n 行描述杆的连接信息。这部分的第 i 行包含两个由空格分隔的整数 li和 ri,描述杆 i 的左右两边悬挂的东西。如果挂的是一个玩具,则对应的值为-1,否则为挂在下面的杆的编号
输出
输出仅包含一个整数。表示最少需要多少次交换能使风铃满足 Ike 的条件。如果不可能满足,输出-1。
样例输入
6
2 3
-1 4
5 6
-1 -1
-1 -1
-1 -1
样例输出
2
思路
题解
首先,进行dfs,求出最大深度&最小深度。若两者之差大于1,则不满足第一个条件,必不可行,输出-1;若二者相等,则同时满足两个条件,不需要交换,输出0;若两者之差为1,此时要通过交换,使之符合第二个条件。此时,只存在两类节点,我称之为最大节点&最小节点。再次进行深搜,如果某一节点的左、右子树均既存在最大节点,又存在最小节点,则必不可行,输出-1,结束;否则加上交换次数即可(需要进行交换的情况:(1)左子树只存在最小节点,右子树只存在最大节点or都存在;(2)左子树都有,右子树只存在最大节点)。最终输出ans即可。
小技巧:加交换次数时,可不必用if进行判断,而是用数组保存,直接加即可(空间换时间)
源码
#include <iostream>
using namespace std;
const int N=1e5+5;
const int inf=0x7fffffff;
const int b[4][4]={{0,0,0,0},//没用{0,0,0,0},//左边全为最大节点时,不需要交换{0,1,0,1},//左边为最小节点,右边为最大节点或者都有,需要交换{0,1,0,0}//左边都有,右边为最大节点时需要交换;右边为最小节点时不需要交换
};
int l[N],r[N];//分别记录左右节点
int mind=inf,maxd=0,isp=0,n,i,cnt=0,ans;void dfs(int i,int d){//深搜求最大深度、最小深度if(i==-1) {d<mind?mind=d:1;d>maxd?maxd=d:1;return ;}dfs(l[i],d+1);dfs(r[i],d+1);
}
int dfs2(int i,int d){//深搜求解ans;// return 1:表示该节点的子树只存在最大节点// return 2:表示该节点的子树只存在最小节点// return 3:表示该节点的子树既存在最大节点,又存在最小节点if(i==-1) return d==mind?2:1;int lr=dfs2(l[i],d+1);int rr=dfs2(r[i],d+1);if(lr==3&&rr==3){//左子树、右子树均既存在最大节点,又存在最小节点;则无解cout<<-1<<endl;exit(0);}ans+=b[lr][rr];return lr|rr;
}
int main() {ios::sync_with_stdio(0);cin.tie(0);cout.tie(0);cin>>n;for(i=1;i<=n;i++){//输入数据cin>>l[i]>>r[i];}dfs(1,1);if(maxd-mind>1) { cout<<"-1\n";return 0;}//若最大深度与最小深度相差大于1,则无解if(maxd==mind) {cout<<"0\n";return 0;}//若最大深度与最小深度相等,则不需要交换即符合题意dfs2(1,1);//求解答案cout<<ans<<'\n';return 0;
}
/*
6
2 3
-1 4
5 6
-1 -1
-1 -1
-1 -1
*/
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