为什么 php artisan make:factory 不使用模型生成

ste*_*gwa 6

尝试发布您的 laravel 存根并确认存根文件内容已按预期定义。

发布存根。

php artisan stub:publish

这应该在根项目目录中创建一个/stubs文件夹。 在该文件夹中，您将看到所有存根。 更具体地说，打开名为factory.stub 它的文件内容应该类似于以下内容：

<?php

namespace {{ factoryNamespace }};

use Illuminate\Database\Eloquent\Factories\Factory;
use {{ namespacedModel }};

class {{ factory }}Factory extends Factory
{
    /**
     * The name of the factory's corresponding model.
     *
     * @var string
     */
    protected $model = {{ model }}::class;

    /**
     * Define the model's default state.
     *
     * @return array
     */
    public function definition()
    {
        return [
            //
        ];
    }
}

笔记：

从外观上看，您当前的工厂存根似乎缺少以下部分：

// ...
use {{ namespacedModel }};
// ...

    /**
     * The name of the factory's corresponding model.
     *
     * @var string
     */
    protected $model = {{ model }}::class;

// ...

理想情况下，在正常（默认）情况下，运行生成带有链接模型的工厂的命令应如下所示：

命令：

php artisan make:factory BoardFactory --model=Board

预期的输出文件（database/factories/BoardFactory.php）：

<?php

namespace Database\Factories;

use App\Models\Board;
use Illuminate\Database\Eloquent\Factories\Factory;

class BoardFactory extends Factory
{
    /**
     * The name of the factory's corresponding model.
     *
     * @var string
     */
    protected $model = Board::class;

    /**
     * Define the model's default state.
     *
     * @return array
     */
    public function definition()
    {
        return [
            //
        ];
    }
}

附录：

正如@miken32在评论中指出的那样，在2021 年 10 月 22 日之后发布的 Laravel 版本中，不再需要在 Factory 类中声明模型属性：

Laravel 拉取请求

此时，数据库工厂具有可以“猜测”数据库模型的隐藏功能。

因此，这个拉取请求建议protected $model从工厂中删除stub，因为当前的“猜测”逻辑可能适用于 99.99%人们。此外，我还向我们protected $model = User::class从 UserFactory.php: laravel/laravel#5713中删除的骨架请求了请求。